高二物理《交变电流》单元测试题

时间：2021-06-11 15:35:23 试题我要投稿

高二物理《交变电流》单元测试题精选

　　1.关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，下列说法中正确的是( )

高二物理《交变电流》单元测试题精选

　　A.线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次，感应电动势方向不变

　　B.线圈每转动一圈，感应电流方向就改变一次

　　C.线圈每平面经过中性面一次，感应电动势和感应电流的方向都要改变一次

　　D.线圈每转动一圈，感应电动势和感应电流方向都要改变一次

　　2.线圈在磁场中匀速转动产生的交流电的瞬时电动势为e=102sin 20πt V，则下列说法正确的是( )

　　A.t=0时，线圈平面位于中性面

　　B.t=0时，穿过线圈的磁通量最大

　　C.t=0时，导线切割磁感线的有效速度最大

　　D.t=0.4 s时，e达到峰值102 V

　　3.交流发电机在工作时的电动势为e=Emsin ωt，若将其电枢的转速提高1倍，其他条件不变，则其电动势变为( )

　　A.Emsinωt2???????????????????? B.2Emsinωt2

　　C.Emsin 2ωt?????????????????? D.2Emsin 2ωt

　　4.一闭合矩形线圈abcd绕垂直于磁感线的固定轴OO′匀速转动，线圈平面位于如图7甲所示的匀强磁场中.通过线圈的磁通量Φ随时间t的变化规律如图乙所示，下列说法正确的是( )

　　图7

　　A.t1、t3时刻通过线圈的磁通量变化率最大

　　B.t1、t3时刻线圈中感应电流方向改变

　　C.t2、t4时刻线圈中磁通量最大

　　D.t2、t4时刻线圈中感应电动势最小

　　5.如图8所示，一正方形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动.沿着OO′观察，线圈沿逆时针方向转动.已知匀强磁场的磁感应强度为B，线圈匝数为n，边长为l，电阻为R，转动的角速度为ω，则当线圈转至图示位置时( )

　　图8

　　A.线圈中感应电流的方向为abcda

　　B.线圈中的感应电流为nBl2ωR[

　　C.穿过线圈的磁通量为0

　　D.穿过线圈的磁通量的变化率为0

　　6.如图9所示，矩形线圈abcd，已知ab为L1，ad为L2，在磁感强度为B的匀强磁场中绕OO′轴以角速度ω(从图中位置开始)匀速转动，则线圈中感应电动势的大小为( )

　　[来源:学科网ZXXK]

　　图9

　　A.12BL1L2ωsin ωt???????????? B.12BL1L2cos ωt

　　C.BL1L2ωsin ω t????????????? D.BL1L2ωcos ωt

　　7.如图10所示，一矩形线圈abcd放置在匀强磁场中，并绕过ab、cd中点的轴OO′以角速度ω逆时针匀速转动.若以线圈平面与磁场夹角θ=0°时(如图)为计时起点，并规定当电流自a流向b时电流方向为正.则下列四幅图中正确的是( )

　　图10

　　8.如图11甲所示，一矩形闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴OO′以恒定的角速度ω转动.当从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈中产生的交变电流按照图乙所示的余弦规律变化，则在t=π2ω时刻( )

　　图11

　　A.线圈中的电流最大

　　B.穿过线圈的磁通量为零

　　C.线圈所受的安培力为零

　　D.线圈中的电流为零

　　9.如图12所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时( )

　　图12

　　A.线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流

　　B.线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势

　　C.线圈绕P1和 P2转动时电流的'方向相同,都是a→b→c→d

　　D.线圈绕P1转动时cd边受到的安培力大于绕P2转动时cd边受到的安培力

　　题号?1?2?3?4?5?6?7?8?9

　　答案[

　　10.一矩形线圈在匀强磁场中以角速度4π rad/s匀速转动，产生的交变电动势的图象如图13所示.则交变电流的频率为______Hz，当t=0时，线圈平面与磁感线________，当t=0.5 s时，e为______V.

　　图13[来源:Z+xx+k.Com]

　　11.如图14所示，在匀强磁场中有一个“n”形导线框可绕AB轴转动，已知匀强磁场的磁感应强度B=52π T，线框的CD边长为l1=20 cm，CE、DF边长均为l2=10 cm，转速为50 r/s.若从图示位置开始计时：

　　图14

　　(1)写出线框中感应电动势的瞬时值表达式;

　　(2)在e-t坐标系中作出线框中感应电动势随时间变化关系的图象.

　　12.如图15所示，匀强磁场B=0.1 T，所用矩形线圈的匝数N=100，边长ab=0.2 m，b c=0.5 m，以角速度ω=100π rad/s绕OO′轴匀速转动.从线圈平面通过中性面时开始计时，试求：

　　图15

　　(1)线圈中感应电动势的大小.

　　(2)由t=0至t=T4过程中的平均电动势值.

　　参考答案

　　课后巩固练

　　1.C

　　2.AB [根据交流电动势的瞬时值表达式可判断为正弦式交变电流，当t=0时，e=0，所以此时磁通量的变化率为零，导线切割? 磁感线的有效速度为零，但此时穿过线圈的磁通量最大，线圈平面位于中性面，所以A、B正确，C错误;当t=0.4 s时，e=102sin 20πt V=102sin 8π V=0，所以D错误.]

　　3.D [电枢转速提高1倍，由ω=2πn知，角速度变为原来的2倍;由电动势最大值表达式 Em=nBSω知，最大值也变为原来的2倍.]

　　4.B [t1、t3时刻通过线圈的磁通量Φ的绝对值最大，磁通量变化率ΔΦΔt=0，此时感应电动势、感应电流为零，线圈中感应电流方向改变，A错误，B正确;t2、t4时刻线圈中磁通量为零，磁通量的变化率最大，即感应电动势最大，C、D错误.]

　　5.BC [图示位置为垂直于中性面的位置，此时通过线圈的磁通量为零，但磁通量的变化率最大，感应电流也最大，I=nBSωR=nBl2ωR，由右手定则可判断出线圈中感应电流的方向为adcba.]

　　6.C [线圈经过时间t时，转过角度θ，这时ab，cd边切割磁感线产生感应电动势Eab=BL1vsin θ，Ecd=BL1vsin θ，bc，ad边不切割磁感线不产生感应电动势，故线圈中的感应电动势为E=Eab+Ecd=2BL1vsin θ=2BL1?12L2ωsin ωt=BL1L2ωsin ωt，故正确选项应为C.]

　　7.D [矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，从线圈平面与磁场方向平行开始计时，产生的感应电流按余弦规律变化，由于t=0时，线圈的转动方向如题图，由右手定则判断可得，此时ad中电流方向为由a到d，线圈中电流方向为a→d→c→b→a，与规定的电流正方向相反，电流为负值.又因为此时产生的感应电动势最大，故只有D正确.]

　　8.CD [t=π2ω=T4，此时线圈位于中性面位置，所以穿过线圈的磁通量最大，B错误;由于此时感应电动势为零，所以线圈中电流为零，线圈所受的安培力为零，A错误，C、D正确.]

　　9.A [无论是绕P1转动还是绕P2转动，线圈转到图示位置时产生的电动势都为最大值Em=nBSω，由欧姆定律可知此时I相等，A对，B错;由右手定则可知线圈中电流方向为a→d→c→b→a，故C错;cd边所受的安培力F=BLcdI，故F一样大，D错.]

　　10.2 垂直 0

　　解析 T=2πω=12 s，则交流电的频率f=1T=2 Hz.由图象知t=0时，e=0，线圈位于中性面位置，线圈平面和磁感线垂直;当t=0.5 s时，ωt=2πft=2π，e=0.

　　11.(1)e=102cos 100πt V (2)见解析

　　解析 (1) 线框转动，开始计时的位置为线圈平面与磁感线平行的位置，产生的交变电流按余弦规律变化，在t时刻线框转过的角度为ωt，此时刻e=Bl1l2ωcos ωt，即e=BSωcos ωt，其中B=52π T，S=0.1×0.2 m2=0.02 m2，ω=2πn=2π×50 rad/s=100π rad/s，故e=52π×0.02×100πcos 100πt V，

　　即e=102cos 100πt V.

　　(2)T=2πω=0.02 s，线框中感应电动势随时间变化关系的图象如下图所示

　　12.(1)e=314sin 100πt V (2)200 V

　　解析 (1)解法一线圈经过时间t转过角度θ=ωt，这时bc和da边不切割磁感线，ab和cd边切割磁感线产生感应电动势eab=ecd=NBabvsin ωt，其中v=ωad2=ωbc2，所以e=eab+ecd=2eab=2NBωabad2sin ωt=NBSωsin ωt，

　　则Em=NBSω=100×0.1×0.1×100π V=314 V，

　　e=31 4sin 100πt V

　　解法二感应电动势的瞬时值e=NBSωsin ωt，由题可知S=ab?bc=0.2×0.5 m2=0.1 m2，

　　Em=NBSω=100×0.1×0.1×100π V=314 V，

　　所以e=314sin 100πt V.

　　(2)用E=NΔΦΔt计算t=0至t=T4过程中的平均电动势E=N|Φπ2-Φ0|T4-0=N|0-BS|T4=4NBS2πω[

　　即E=2πNBSω.代入数值得E=200 V.

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